题目描述
这是 LeetCode 上的
686. 重复叠加字符串匹配
,难度为
中等
。
Tag : 「字符串哈希」、「KMP」
给定两个字符串
a
和
b
,寻找重复叠加字符串
a
的最小次数,使得字符串
b
成为叠加后的字符串
a
的子串,如果不存在则返回
-1
。
注意:字符串
"abc"
重复叠加
0
次是
""
,重复叠加
1
次是
"abc"
,重复叠加
2
次是
"abcabc"
。
示例 1:
输入:a = "abcd", b = "cdabcdab"
输出:3
解释:a 重复叠加三遍后为 "abcdabcdabcd", 此时 b 是其子串。
示例 2:
示例 3:
示例 4:
输入:a = "abc", b = "wxyz"
输出:-1
提示:
-
-
-
a
和
b
由小写英文字母组成
基本分析
首先,可以分析复制次数的「下界」和「上界」为何值:
对于「下界」的分析是容易的:至少将
a
复制长度大于等于
b
的长度,才有可能匹配。
在明确了「下界」后,再分析再经过多少次复制,能够明确得到答案,能够得到明确答案的最小复制次数即是上界。
由于主串是由
a
复制多次而来,并且是从主串中找到子串
b
,因此可以明确子串的起始位置,不会超过
a
的长度。
即
长度越过
a
长度的起始匹配位置,必然在此前已经被匹配过了。
由此,我们可知复制次数「上界」最多为「下界 + 」。
令
a
的长度为 ,
b
的长度为 ,下界次数为 ,上界次数为 。
因此我们可以对
a
复制 次,得到主串后匹配
b
,如果匹配成功后的结束位置不超过了 ,说明复制 即可,返回 ,超过则返回 ;匹配不成功则返回 。
卡常
这是我最开始的 AC 版本。
虽然这是道挺显然的子串匹配问题,但是昨晚比平时晚睡了一个多小时,早上起来精神状态不是很好,身体的每个细胞都在拒绝写 KMP ????
就动了歪脑筋写了个「卡常」做法。
通过该做法再次印证了 LC 的评测机制十分奇葩:居然不是对每个用例单独计时,也不是算总的用例用时,而是既算单用例耗时,又算总用时??
导致我直接
TLE
了 次才通过(从 试到了 ),其中有 次
TLE
是显示通过了所有样例,但仍然
TLE
,我不理解为什么要设置这样迷惑的机制。
回到该做法本身,首先对
a
进行复制确保长度大于等于
b
,然后在一定时间内,不断的「复制 - 检查」,如果在规定时间内能够找到则返回复制次数,否则返回
-1
。
代码:
import java.time.Clock;
class Solution {
public int repeatedStringMatch(String a, String b) {
StringBuilder sb = new StringBuilder();
int ans = 0;
while (sb.length() < b.length() && ++ans > 0) sb.append(a);
Clock clock = Clock.systemDefaultZone();
long start = clock.millis();
while (clock.millis() - start < 100) {
if (sb.indexOf(b) != -1) return ans;
sb.append(a);
ans++;
}
return -1;
}
}
上下界性质
通过「基本分析」后,我们发现「上下界」具有准确的大小关系,其实不需要用到「卡常」做法。
只需要进行「上界」次复制后,尝试匹配,根据匹配结果返回答案即可。
代码:
class Solution {
public int repeatedStringMatch(String a, String b) {
StringBuilder sb = new StringBuilder();
int ans = 0;
while (sb.length() < b.length() && ++ans > 0) sb.append(a);
sb.append(a);
int idx = sb.indexOf(b);
if (idx == -1) return -1;
return idx + b.length() > a.length() * ans ? ans + 1 : ans;
}
}
-
时间复杂度:需要次拷贝 和 一次子串匹配。复杂度为
-
空间复杂度:
KMP
其中
indexOf
部分可以通过 KMP/字符串哈希 实现,不熟悉 KMP 的同学,可以查看 一文详解 KMP 算法,里面通过大量配图讲解了 KMP 的匹配过程与提供了实用模板。
使用 KMP 代替
indexOf
可以有效利用主串是由多个
a
复制而来的性质。
代码:
class Solution {
public int repeatedStringMatch(String a, String b) {
StringBuilder sb = new StringBuilder();
int ans = 0;
while (sb.length() < b.length() && ++ans > 0) sb.append(a);
sb.append(a);
int idx = strStr(sb.toString(), b);
if (idx == -1) return -1;
return idx + b.length() > a.length() * ans ? ans + 1 : ans;
}
int strStr(String ss, String pp) {
if (pp.isEmpty()) return 0;
// 分别读取原串和匹配串的长度
int n = ss.length(), m = pp.length();
// 原串和匹配串前面都加空格,使其下标从 1 开始
ss = " " + ss;
pp = " " + pp;
char[] s = ss.toCharArray();
char[] p = pp.toCharArray();
// 构建 next 数组,数组长度为匹配串的长度(next 数组是和匹配串相关的)
int[] next = new int[m + 1];
// 构造过程 i = 2,j = 0 开始,i 小于等于匹配串长度 【构造 i 从 2 开始】
for (int i = 2, j = 0; i <= m; i++) {
// 匹配不成功的话,j = next(j)
while (j > 0 && p[i] != p[j + 1]) j = next[j];
// 匹配成功的话,先让 j++
if (p[i] == p[j + 1]) j++;
// 更新 next[i],结束本次循环,i++
next[i] = j;
}
// 匹配过程,i = 1,j = 0 开始,i 小于等于原串长度 【匹配 i 从 1 开始】
for (int i = 1, j = 0; i <= n; i++) {
// 匹配不成功 j = next(j)
while (j > 0 && s[i] != p[j + 1]) j = next[j];
// 匹配成功的话,先让 j++,结束本次循环后 i++
if (s[i] == p[j + 1]) j++;
// 整一段匹配成功,直接返回下标
if (j == m) return i - m;
}
return -1;
}
}
-
时间复杂度:需要次拷贝 和 一次子串匹配。复杂度为
-
空间复杂度:
字符串哈希
结合「基本分析」,我们知道这本质是一个子串匹配问题,我们可以使用「字符串哈希」来解决。
令
a
的长度为 ,
b
的长度为 。
仍然是先将
a
复制「上界」次,得到主串
ss
,目的是从
ss
中检测是否存在子串为
b
。
在字符串哈希中,为了方便,我们将
ss
和
b
进行拼接,设拼接后长度为 ,那么
b
串的哈希值为 部分(下标从 开始),记为 。
然后在 范围内枚举起点,尝试找长度为 的哈希值与 相同的哈希值。
代码:
class Solution {
public int repeatedStringMatch(String a, String b) {
StringBuilder sb = new StringBuilder();
int ans = 0;
while (sb.length() < b.length() && ++ans > 0) sb.append(a);
sb.append(a);
int idx = strHash(sb.toString(), b);
if (idx == -1) return -1;
return idx + b.length() > a.length() * ans ? ans + 1 : ans;
}
int strHash(String ss, String b) {
int P = 131;
int n = ss.length(), m = b.length();
String str = ss + b;
int len = str.length();
int[] h = new int[len + 10], p = new int[len + 10];
h[0] = 0; p[0] = 1;
for (int i = 0; i < len; i++) {
p[i + 1] = p[i] * P;
h[i + 1] = h[i] * P + str.charAt(i);
}
int r = len, l = r - m + 1;
int target = h[r] - h[l - 1] * p[r - l + 1]; // b 的哈希值
for (int i = 1; i <= n; i++) {
int j = i + m - 1;
int cur = h[j] - h[i - 1] * p[j - i + 1]; // 子串哈希值
if (cur == target) return i - 1;
}
return -1;
}
}
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时间复杂度:需要次拷贝 和 一次子串匹配。复杂度为
-
空间复杂度:
最后
这是我们「刷穿 LeetCode」系列文章的第
No.686
篇,系列开始于 2021/01/01,截止于起始日 LeetCode 上共有 1916 道题目,部分是有锁题,我们将先把所有不带锁的题目刷完。
在这个系列文章里面,除了讲解解题思路以外,还会尽可能给出最为简洁的代码。如果涉及通解还会相应的代码模板。
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